杠杆在竖直向下拉力f

Ⅳ 如图所示，杠杆在竖直向下的拉力F的作用下将一物体缓慢匀速提升，下表是提升物体时采集到的信息： 物

（1）由GL_G=FL_F得F=G×

Ⅳ 如图所示，杠杆在竖直向下的拉力F的作用

1.根据
杠杆
平衡原理
在不计
外力
时，FI×L1＝F2×L2可知，从表中可知，
阻力臂
和
动力臂
的比值为2：1所以阻力和动力的比值就为1:2，物重为阻力，为40N所以动力就为80N;
2.根据W=F×S可知，拉力做的
总功
为90N×0.1M＝9J,其中的有用功为举高重物做的功，为40N×0.2M＝8J
机械效率为有用功与总功的比值，即8÷9=89％

Ⅵ 把杠杆匀速向下,拉拉力会变的

解；（1）不计杠杆自重和摩擦，
由杠杆平衡条件可得：F×OB=G×OA，即F×0.4m=40N×0.8m
解得：F=80N；
（2）在拉动杠杆时候F方向始终竖直向下，动力臂、阻力臂分别为，OA、OB与水平面夹角的余弦，动力臂、阻力臂的变化量相同，重力不变，故F不变．
故答案为：80；不变．

Ⅶ 杠杆拉力方向

因为重力方向竖直向下，钩码对杠杆的拉力方向总是竖直向下的；
为了便于测量力臂，在使用杠杆之前，要调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，这样可以直接从杠杆上读出力臂的长；
每个钩码的重力为：G=mg=100×10 ^-3 kg×10N/kg=1N
设每个小格的长度为L，根据杠杆的平衡条件：
3G×4L=nG×3L
解得：n=4
改在C处用弹簧测力计竖直向上拉，则：
3G×4L=F×2L
解得：F=6G
则F=6×1N=6N
若将弹簧测力计倾斜拉，则拉力的力臂减小，其他条件不变，则拉力变大．
故答案为：竖直向下；平衡螺母；水平；4；6；变大．

Ⅷ 如图所示，杠杆在竖直向下拉力F的作用下将一物体缓慢匀速提升。下表是提升物体时采集到的信息：

1.根据杠杆平衡原理在不计外力时，FI×L1＝F2×L2可知，从表中可知，阻力臂和动力臂的比值为2：1所以阻力和动力的比值就为1:2，物重为阻力，为40N所以动力就为80N;
2.根据W=F×S可知，拉力做的总功为90N×0.1M＝9J,其中的有用功为举高重物做的功，为40N×0.2M＝8J 机械效率为有用功与总功的比值，即8÷9=89％

Ⅸ 初二物理题(杠杆)

这不是08年北京中考压轴题么？
网上有答案。

P1×S=300N，P2×S=200N，第一种情况下对A受力分析可得：FA1=1200N-300N=900N，此力即为对D的向下的拉力。对D进行受力分析，并设动滑轮重为G，作用在E端的力为X，则有：2X=G+900，由杠杆平衡条件又得：X×EO=T1×OH，即X：T1=OH：EO=5：2，对小成受力分析有：T1+F1=600。第二种情况下对A受力分析可得：FA2=1200N-200N=1000N，此力即为对D的向下的拉力。对D进行受力分析，则有：2Y=G+1000，由杠杆平衡条件又得：Y：T2=5：2，对小成受力分析有：T2+F2=600。由题目条件F1：F2=20：19。由上述条件可计算如下：X/T1=Y/T2=5：2，由等比定理得（Y-X）：（T2-T1）=5：2，由F1=600-T1，
F2=600-T2，且F1：F2=20：19，可得20T2-19T1=600。再由2X=G+900,2Y=G+1000,可得Y-X=50,代入
(Y-X)/(T2-T1)=5:2,得T2-T1=20，再结合20T2-19T1=600,得T1=200N,T2=220N,F1=400N,F2=380N,
X=500N,Y=550N,G=100N至此答案全部解出。FA2=1000N，T2=220N，G=100N。

Ⅹ 如图所示，为一可绕O点转动的杠杆，在A端通过绳作用一竖直向下的拉力F使杠杆平衡，此时AB部分水平，保持

解答：解：如右图；连接OA，此时OA是最长动力臂；
已知阻力（物重）不变，阻力臂不变；由杠杆的平衡条件：F_动L_动=F_阻L_阻，知：
在F_阻L_阻不变的情况下，F与对应力臂的乘积不变，动力臂越长越省力；
因此以OA为动力臂时，动力F最小；
由图可知：当绳从图示位置沿顺时针方向旋转时，力F先变小后变大．
沿逆时针方向旋转时，力F变大．所以选项ABD错误，选项C正确．
故选C．