长1m重5N的匀质杠杆

（1）左；（2）3；0.75；变大

❷ 如图所示，轻质定滑轮的半径R=0.1m，一个长1m、重100N的匀质杆固定在滑轮上，可与滑轮一起同轴转动，滑轮

A、根据力矩平衡条件，有：
mgR=Mg?

1

2

L
解得：mg=

1 2 MgL

R

=

1 2 ×100×1

0.1

＝500N；
故A正确；
B、对杆和重物整体受力分析，受重力和支持力，根据平衡条件，支持力等于重力，为600N，结合牛顿第三定律，固定转动轴最初受到的压力为600N，故B错误；
C、当杆的右端加挂重物后，顺时针力矩增加，故定滑轮将会沿顺时针转动，故C正确；
D、当杆的右端加挂重物重新平衡时，根据力矩平衡条件，有：
mgR=Mg?

1

2

Lcosθ+△mg?Lcosθ
解得：cosθ=

1

2

，故θ=60°，故D错误；
故选AC．

❸ 杠杆原理中非匀质杠杆会产生什么影响

要是不考虑杆的重力，没影响。

考虑杆的重力，匀质杠的重力作用在杆的几何中心，非匀质杠杆就不一定了

❹ （2014巴中）如图是小明利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”实验．（每个钩码重0.5N）（1

（1）杠杆重心左移，应将平衡螺母（左端和右端的平衡螺母调节方向一致）向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就可忽略杠杆的自重对实验的影响；
（2）一个钩码的重是0.5N，设杠杆一个小格是L，
根据杠杆平衡条件F₁L₁=F₂L₂得，1N×3L=F_B×2L，∴F_B=0.5N，即在B处挂3个钩码．
根据杠杆平衡条件F₁L₁=F₂L₂得，1N×3L=F_C×4L，∴F_C=0.75N．
如改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向右上方，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡．
故答案为：（1）左；（2）3；0.75；变大．

❺ 如图所示，有一匀质杠杆长5米，每米的重量为20N，可绕O点转动，要把距支点1米处的重1000N的石

根据图我们知道它们保持平衡需要等式F2+G=F1 但是它是一个杠杆 它们力臂不同 带入力臂系数 1F2+2。5G=5F1 求的F1等于250 至少需要250的力才能平衡 大于它就可以撬起石头

首先我们要知道这个杠杆的重心在哪 在C 我们可以把这杠杆的重量就看做在C点 其它地方没有重力了 B石头的中心在距离O点1m处 C在2。5m处 而我们用力的地方在A 距离O点5m 我们知道两个向下的力 F2 G 一个向上的拉力F1 在杠杆上要让它们平衡 就是它们的力和力臂的乘积要相等也就是F2*1m+G*2。5m=F1*5m

❻ 杠杆原理物理题

如果O点在杠杆最左端,应该是250吧?
相当于有两个阻力矩已经在杠杆上了,一个是1m乘以1000N,一个是总重100N乘以2.5m
然后动力F乘以5m要等于它们的和
结果应该是250N

❼ 如果-杆是一根重为五牛质量均匀的硬棒,呃在两秒内疆悟中提升0.1米,则重物上升

考点 ： 有用功和额外功． 专题 ： 功、功率、机械效率． 分析： （ 1 ）已知物重和高度可求有用功； （ 2 ）已知杠杆重和被提升高度可求额外功，根据总功等于有用功和额外功之和． （ 1 ） W 有用 =Gh=15N×0.1m=1.5J ； （ 2 ） W 额 =G 杆 h=5N×0.1m=0.5J ． W 总 =W 有用 +W 额 =1.5J+0.5J=2J ． 答：（ 1 ）小明使用杠杆所做的有用功为 1.5J ； （ 2 ）此杠杆的总功是 2J ． 点评： 本题考查有用功、额外功以及总功的计算，比较简单．

❽ 杠杆中力的变化

力变小，因为F的力臂不变，而重力的力臂变小了，由F1L1=F2L2，F2L2的积变小了。而L1不变，所以动力F也变小

❾ 轻质杠杆op长1m,能绕o点转动,p端用细绳悬于n点

(1)由杠杆的平衡条件有：
Fp•OPcos30= FM•(PM+Vt)cos30°（Fp,FM为p,M点所受的力）
而FM =mg
∴Fp•OP=mg•(OM+Vt)
t=20s
(2)WG =mgh=2J（WG 为A所受重力做的功）
(3)PG =0．1W（PG为 A所受重力做功的功率）

❿ av 40厘米重为十牛顿的匀质杠杆可绕着点o转动作用在杠杆一端

200g=0.2Kg 28cm=0.28m 40cm=0.4m
G =mg=0.2kgX9.8N/kg=1.96N
由F1L1=F2L2,得
F1=F2L2/L1=1.96NX0.28m/0.4m=13.72N
因为L1'=1/2L1,所以F1'=2F1=27.44N