⑴ 小明在“研究杠杆平衡条件”的实验中：（1）把杠杆挂在支架上，观察到杠杆左端下沉，当他去调节螺母时，
（1）杠杆的左端下沉，则应将平衡螺母向右调节，若右端平衡螺母丢失，则应在右侧缠些透明的胶布，使杠杆在水平位置平衡；
（2）每次都使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了方便测量力臂；
（3）由表格中数据知，
第一组数据：1N×8cm=2N×4cm；
第二组数据：2N×8cm=1N×16cm；
第三组数据：2N×12cm=3N×8cm；
可得杠杆的平衡条件是：F1L1=F2L2．
故答案为：（1）右；水平；（2）力臂；（3）F1L1=F2L2．
⑵ 小明在探究杠杆的平衡条件的实验中，以杠杆中点为支点．（1）在调节杠杆平衡时，小明发现杠杆右端低左端
（1）右端低左端高，应将平衡螺母向较高的一端调节，应将杠杆右端的平衡螺母向左端调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；
（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第一种实验方案更方便，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，能从杠杆上直接读力臂；因为第一方案的动力臂要大于第二种方案的动力臂，根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂都相同的情况下，动力臂越大的越省力，所以，F1＜F2；
（4）杠杆处于静止状态或匀速转动状态都叫杠杆平衡，所以小海的说法是对的；
力臂等于支点到力的作用线的距离，在小红的实验方案中，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来．而小海实验方案中的力臂不便于测量，所以，小红的实验方案好．
（5）图丙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆产生了影响，导致测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符．
（6）步骤一：从效果上看，我们可以认为各部分受到的重力作用集中于一点，这一点叫做物体的重心．当直尺平放在刀口（支点）上，平衡后，此处为重心；
步骤二：由于原来处于平衡，将质量为M1的物体挂在刻度尺左边某一位置，则杠杆会左端下降，
所以根据F1L1与F2L2可知：在F1、L2不变的条件下，需要增加L2，L1减小，即向右移动刻度尺．
步骤三：根据杠杆平衡的条件动力×动力臂=阻力×阻力臂，可知G1L1=G×L2，
即M1gL1=mgL2，
所以直尺的质量m=
| M1L1 |
| L2 |
⑶ 小明在做探究杠杆平衡条件的实验时，先在杠杆两侧挂钩码进行实验探究，再用弹簧测力计取代一侧的钩码继续
从支点到力的作用线的距离叫力臂，在杠杆两侧挂钩码，由于重力的方向是竖直向下的，力臂在杠杆上可以直接读出，当用弹簧测力计拉，若弹簧测力计倾斜时，拉力不再与杠杆垂直，这样力臂会发生变化，相应变短，根据杠杆的平衡条件，力会相应增大，才能使杠杆仍保持平衡，这样做实验可以加深学生对力臂的正确认识．
故选C．
⑷ 小明在探究“杠杆的平衡条件”时（1）如图1调节杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B
| （1）①设一个钩码重为G，杠杆上每一个小格的长度是L， 由题意可知：4G×3L=6G×2L，∴杠杆平衡条件：F 1 L 1 =F 2 L 2 ． ②只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性． （2）如图2示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响． 故答案为：（1）F 1 L 1 =F 2 L 2 ；不合理；用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性；（2）杠杆有自重． |
⑸ 小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中，（1）杠杆平衡后，小明在图1甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置
（1）设每只钩码的重力G，杠杆每一格的长度为l，由杠杆的平衡条件可得，2G×2l=nG×l，解得，n=4，则在杠杆b处应挂的钩码数是4个；
（2）力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉．如果再在A、B两处各加挂一个钩码，设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，
杠杆的左端：3G×2L=6GL，
杠杆的右端：5G×L=5GL，
所以杠杆的左端下沉．
杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2．
（3）斜向下拉，力臂变小，力变大．
（4）实验中，用如图2所示的方式悬挂钩码，杠杆也能水平平衡（杠杆上每格等距），因为该种方式力和力臂数目过多所以大家不要采用这种方式．
（5）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，如果得出如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”．这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中没有改变力的方向．
故答案为：（1）4；（2）左；F1L1=F2L2；（3）大于；（4）D；（5）B．
⑹ （1）小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中，①实验前他应先调节杠杆在水平位置平衡，其目的是______．②
（1）①在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂；
②设每个钩码的重力为G，
因为F1L1=F2L2，所以FB=
| FA?OA |
| OB |
⑺ 小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量均为
（1）杠杆右端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向左调节；使杠杆在水平位置平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度；
（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，
图甲中，由杠杆平衡条件得，4G×3L=nG×2L，
所以n=6（个），所以应在杠杆左边B处挂6个相同的钩码；
（3）四个钩码的总质量m=4×50g=200g=0.2kg，总重力G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，设杠杆的一个小格为L，
由杠杆平衡条件得，2N×3L=F1×4L，
所以F1=1.5N；
图乙中，弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计逐渐向左倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大；
（4）图丙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大．
故答案为：（1）左；水平；力臂；（2）6个；（3）1.5；变大；拉力的力臂变小了；（4）杠杆自重的影响．
⑻ 小明在探究“杠杆平衡条件”的实验中：（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆
（1）杠杆重心右移应将左端平衡螺母向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上便于测量力臂大小；
（2）假设每小格长度1cm，
如图杠杆左端F2=G×4=4G，L2=1cm×3=3cm，右端L1=1cm×4=4cm，根据F1L1=F2L2得
F1=
| F2L2 |
| L1 |
| 4G×3cm |
| 4cm |
| W有 |
| W总 |
| Gh2 |
| Fh1 |
| Gh1 |
| Fh2 |
| Gh2 |
| Fh1 |
⑼ 小明在做“研究杠杆平衡条件”实验时进行了如下实验步骤：A：把杠杆的中点支在支架上；B：把钩码挂在杠杆
（1）实验步骤中，把杠杆的中点支在支架上，就进行探究杠杆平衡条件的实验数据的测量，没有考虑杠杆重力对杠杆平衡产生的影响和便于测量力臂，所以“把钩码挂在杠杆的两边，改变钩码的位置使杠杆平衡”之前漏掉一个重要步骤：调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；．
（2）设一个钩码重为G，杠杆上一个小格代表1cm，所以，2G×4cm=nG×2cm，解得n=4，因此在杠杆B处需要挂4个钩码；
（3）根据杠杆平衡的条件，在第3次实验数据中，4N×0.03m≠6N×0.04m，而是4N×0.03m=6N×0.02m，所以第3次数据错误，阻力臂实际值为0.02m．
故答案为：①调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
②4；
③3；0.02．
⑽ 小明在探究“杠杆平衡条件”：（1）实验中首先要调节两端杠杆两端的平衡螺母，使杠杆水平平衡，其目的是
| （1）实验中首先要调节两端杠杆两端的平衡螺母，使杠杆水平平衡，其目的是这是为了使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响； （2）由表中数据算出动力与动力臂的乘积、阻力与阻力臂的乘积进行比较，发现1组数据有误，且实际值比记录值少了； 得出的结论是：动力×动力臂=阻力×阻力臂或者F 1 L 1 =F 2 L 2 或者
故答案为： （1）这是为了使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响； （2）1；少；动力×动力臂=阻力×阻力臂或者F 1 L 1 =F 2 L 2 或者
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